高一物理必修二期末试题

　　A.两根细绳必须等长。

　　B.橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上。

　　C.在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行。

　　D.保证两弹簧秤示数相等。

　　其中正确的是        。（填入相应的字母）

　　17.（6分）如图所示，是某同学在“研究物体做匀变速直线运动规律”的实验中，在小车的牵引下用打点计时器打出的一条纸带，图中A、B、C、D、E是按打点先后顺序依次选取的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.1s。则小车运动的加速度大小a =  　　  m/s2，打纸带上C点时小车的瞬时速度大小vC=  　　 m/s.

　　18.（9分）某同学在探究牛顿第二定律的实验中，在物体所受合外力不变时，改变物体的质量，得到的数据如下表所示。

　　实验次数物体质量m（kg）物体的加速度a（m/s2）物体质量的倒数1/m（1/kg）

　　10.200.785.00

　　20.400.382.50

　　30.600.251.67

　　40.800.201.25

　　51.000.161.00

　　（1）根据表中的数据，在图中所示的坐标中描出相应的实验数据点，并作出a－1/m图象。

　　（2）由a－1/m图象，你得出的结论为                                    。

　　（3）物体受到的合力大约为               。（结果保留两位有效数字）

　　三、解答题（共32分）

　　19.一个滑雪者，质量m=75kg,以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速下滑，山坡的倾角=30°，在t=5s的时间内滑下的路程x=60m,求滑雪者受到的阻力（包括摩擦力和空气阻力）。

　　20.质量为m=2kg的木块，放在水平面上，它们之间的动摩擦因数μ=0.5，现对木块施F=20N的作用力，如图所示。木块运动4s后撤去力F直到木块停止运动（g=10）。求：

　　（1）有推力作用时木块的加速度为多大？

　　（2）撤去推力F时木块的速度为多大？

　　（3）撤去推力F到停止运动过程中木块的加速度为多大？

　　（4）木块在水平面上运动的总位移为多少？

　　21.（分）如图所示，一小物体所受的重力为100N，用细线AC、BC和轻弹簧吊起，处于平衡状态。已知弹簧原长为1.5cm， 劲度系数k=8000N/m， 细线AC长为4cm， ∠BAC=300，∠CBA=600，求细线AC、BC对小物体的拉力各是多少？

　　22.如图所示，传送带与地面的倾角θ=37ｏ，从A到B的长度为16ｍ，传送带以V0=10m/s的速度逆时针转动。在传送带上端无初速的放一个质量为0.5㎏的物体，它与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5，求物体从A运动到B所需的时间是多少？（sin37ｏ=0.6,cos37ｏ=0.8）

　　参考答案（仅供参考）

　　一、选择题

　　题号12345678

　　答案AC CDCCCA

　　题号9101112131415

　　答案DB ABCACACDACBD

　　16.C（3分）    17.2.40（3分），0.51（3分）

　　18（9分）（1）（3分）说明： a－1/m图象，合理选择标度1分，描点1分，连线1分 ，

　　（2）在物体受外力不变时，物体的加速度与质量的倒数成正比（或F一定，a与m成反比） ；（3分）

　　（3）0.15N～0.16N　均对。（3分）

　　19、（6分）67.5N（课本86页例题）

　　20.（10分）解：以木块的运动方向为正方向。

　　（1）力F作用时，木块受力分析如图所示。

　　由牛顿第二定律得  又有     ，

　　联立式解得

　　（3）撤去力F时木块的速度   ，

　　（3）撤去力F后，木块受力分析如图所示。

　　由牛顿第二定律得  又有

　　解得，

　　（4）加速过程物体的位移  。

　　减速过程木块的位移

　　总位移x=x1+x2=80m

　　21（8分）由题意可知：弹簧此时的长度L= BCcos30°=2cm＞1.5cm,故弹簧被拉长，且x=0.5cm。

　　物体的受力如图所示，则：

　　TAcos30°－TBsins60°=0

　　TBcos30°+TAsins60°+kx － mg =0

　　解得：TA=30N

　　TB=30N

　　22.（8分）物体放在传送带上后，开始阶段，传送带的速度大于物体的速度，传送带给物体一沿斜面向下的滑动摩擦力，物体由静止开始加速下滑，受力分析如图（a）所示；当物体加速至与传送带速度相等时，由于μ＜tanθ，物体在重力作用下将继续加速，此后物体的速度大于传送带的速度，传送带给物体沿传送带向上的滑动摩擦力，但合力沿传送带向下，物体继续加速下滑，受力分析如图 （b）所示。综上可知，滑动摩擦力的方向在获得共同速度的瞬间发生了“突变” 。

　　开始阶段由牛顿第二定律得：ｍｇsinθ＋μｍｇcosθ=ｍa1;

　　所以：a1=ｇsinθ＋？ｇcosθ=10m/s2;

　　物体加速至与传送带速度相等时需要的时间ｔ1＝ｖ／a1＝1s;

　　发生的位移：ｓ＝a1ｔ12/2＝5ｍ＜16ｍ；

　　物体加速到10m/s 时仍未到达B点。

　　第二阶段，由于ｍｇsinθ>?ｍｇcosθ

　　有：ｍｇsinθ－？ｍｇcosθ＝ｍa2 ;

　　所以：a2＝2m/s 2;

　　设第二阶段物体滑动到B 的时间为t2

　　则：LAB－S＝ｖｔ2＋a２ｔ22/2 ；

　　解得：t2＝1s ,   ｔ2/=-11s （舍去）。

　　故物体经历的总时间ｔ=t1＋t 2 =2s .

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